LeetCode92.反转链表Ⅱ

题目

链表的题目做的很少，思路是有的，但是没做出来，看看官方题解。

给你单链表的头指针 head 和两个整数 left 和 right ，其中 left <= right 。请你反转从位置 left 到位置 right 的链表节点，返回反转后的链表。

示例 1：

输入：head = [1,2,3,4,5], left = 2, right = 4
输出：[1,4,3,2,5]

示例 2：

输入：head = [5], left = 1, right = 1
输出：[5]

提示：

• 链表中节点数目为 n
• 1 <= n <= 500
• -500 <= Node.val <= 500
• 1 <= left <= right <= n

进阶： 你可以使用一趟扫描完成反转吗？

官方题解

前言

链表的操作问题，一般而言面试（机试）的时候不允许我们修改节点的值，而只能修改节点的指向操作。

思路通常都不难，写对链表问题的技巧是：一定要先想清楚思路，并且必要的时候在草稿纸上画图，理清「穿针引线」的先后步骤，然后再编码。

方法一：穿针引线

我们以下图中黄色区域的链表反转为例。

使用「206. 反转链表」的解法，反转 left 到 right 部分以后，再拼接起来。我们还需要记录 left 的前一个节点，和 right 的后一个节点。如图所示：

算法步骤：

第 1 步：先将待反转的区域反转； 第 2 步：把 pre 的 next 指针指向反转以后的链表头节点，把反转以后的链表的尾节点的 next 指针指向 succ。

说明：编码细节我们不在题解中介绍了，请见下方代码。思路想明白以后，编码不是一件很难的事情。这里要提醒大家的是，链接什么时候切断，什么时候补上去，先后顺序一定要想清楚，如果想不清楚，可以在纸上模拟，让思路清晰。

代码

class Solution {
private:
    void reverseLinkedList(ListNode *head) {
        // 也可以使用递归反转一个链表
        ListNode *pre = nullptr;
        ListNode *cur = head;

        while (cur != nullptr) {
            ListNode *next = cur->next;
            cur->next = pre;
            pre = cur;
            cur = next;
        }
    }

public:
    ListNode *reverseBetween(ListNode *head, int left, int right) {
        // 因为头节点有可能发生变化，使用虚拟头节点可以避免复杂的分类讨论
        ListNode *dummyNode = new ListNode(-1);
        dummyNode->next = head;

        ListNode *pre = dummyNode;
        // 第 1 步：从虚拟头节点走 left - 1 步，来到 left 节点的前一个节点
        // 建议写在 for 循环里，语义清晰
        for (int i = 0; i < left - 1; i++) {
            pre = pre->next;
        }

        // 第 2 步：从 pre 再走 right - left + 1 步，来到 right 节点
        ListNode *rightNode = pre;
        for (int i = 0; i < right - left + 1; i++) {
            rightNode = rightNode->next;
        }

        // 第 3 步：切断出一个子链表（截取链表）
        ListNode *leftNode = pre->next;
        ListNode *curr = rightNode->next;

        // 注意：切断链接
        pre->next = nullptr;
        rightNode->next = nullptr;

        // 第 4 步：同第 206 题，反转链表的子区间
        reverseLinkedList(leftNode);

        // 第 5 步：接回到原来的链表中
        pre->next = rightNode;
        leftNode->next = curr;
        return dummyNode->next;
    }
};

复杂度分析

• 时间复杂度：O(N)，其中 N是链表总节点数。最坏情况下，需要遍历整个链表。
• 空间复杂度：O(1)。只使用到常数个变量。

方法二：一次遍历「穿针引线」反转链表（头插法）

方法一的缺点是：如果 left 和 right 的区域很大，恰好是链表的头节点和尾节点时，找到 left 和 right 需要遍历一次，反转它们之间的链表还需要遍历一次，虽然总的时间复杂度为 O(N)O(N)，但遍历了链表 22 次，可不可以只遍历一次呢？答案是可以的。我们依然画图进行说明。

我们依然以方法一的示例为例进行说明。

整体思想是：在需要反转的区间里，每遍历到一个节点，让这个新节点来到反转部分的起始位置。下面的图展示了整个流程。

下面我们具体解释如何实现。使用三个指针变量 pre、curr、next 来记录反转的过程中需要的变量，它们的意义如下：

• curr：指向待反转区域的第一个节点 left；

• next：永远指向 curr 的下一个节点，循环过程中，curr 变化以后 next 会变化；

• pre：永远指向待反转区域的第一个节点 left 的前一个节点，在循环过程中不变。

  第 1 步，我们使用 ①、②、③ 标注「穿针引线」的步骤。

操作步骤：

• 先将 curr 的下一个节点记录为 next；

• 执行操作 ①：把 curr 的下一个节点指向 next 的下一个节点；

• 执行操作 ②：把 next 的下一个节点指向 pre 的下一个节点；

• 执行操作 ③：把 pre 的下一个节点指向 next。

  第 1 步完成以后「拉直」的效果如下：

第 2 步，同理。同样需要注意 「穿针引线」操作的先后顺序。

第 2 步完成以后「拉直」的效果如下：

第 3 步，同理。

第 3 步完成以后「拉直」的效果如下：

代码

class Solution {
public:
    ListNode *reverseBetween(ListNode *head, int left, int right) {
        // 设置 dummyNode 是这一类问题的一般做法
        ListNode *dummyNode = new ListNode(-1);
        dummyNode->next = head;
        ListNode *pre = dummyNode;
        for (int i = 0; i < left - 1; i++) {
            pre = pre->next;
        }
        ListNode *cur = pre->next;
        ListNode *next;
        for (int i = 0; i < right - left; i++) {
            next = cur->next;
            cur->next = next->next;
            next->next = pre->next;
            pre->next = next;
        }
        return dummyNode->next;
    }
};

复杂度分析：

时间复杂度：O(N)，其中N是链表总节点数。最多只遍历了链表一次，就完成了反转。

空间复杂度：O(1)。只使用到常数个变量。